已知an是关于x的方程xn+xn-1+xn-2+…+x-1=0(x>0,n∈N且n≥2)的根,证明:(Ⅰ)12<an+1<an<1; (
答案:2 悬赏:80
解决时间 2021-02-21 05:23
- 提问者网友:心裂
- 2021-02-20 11:54
已知an是关于x的方程xn+xn-1+xn-2+…+x-1=0(x>0,n∈N且n≥2)的根,证明:(Ⅰ)12<an+1<an<1; (Ⅱ)an<(12)n+12.
最佳答案
- 二级知识专家网友:为你轻狂半世殇
- 2021-02-20 12:37
证明:(Ⅰ)设f(x)=xn+xn-1+xn-2+…+x-1,则f′(x)=nxn-1+(n-1)xn-2+…+2x+1
显然f′(x)>0,∴f(x)在R+上是增函数.
∵f(1)=n-1>0(n≥2),f(
1
2 )=
1
2 (1-(
1
2 )n)
1-
1
2 -1=-(
1
2 )n<0,
∴f(x)在(
1
2 ,1)上有唯一实根,即
1
2 <an<1(4分)
假设an+1≥an,∴an+1k≥ank(k∈N*)
则f(an+1)=an+1n+1+an+1n+…+an+1-1≥an+1n+1+ann+ann-1+…+an-1>ann+ann-1+…+an-1=f(an)
∵f(an+1)=f(an)=0,矛盾,故an+1<an(8分)
(Ⅱ)∵1-an=ann+ann-1+…+an2
∴由(Ⅰ)1-an=ann+ann-1+…+an2>(
1
2 )n+(
1
2 )n-1+…+(
1
2 )2=
1
2 -(
1
2 )n,
∴an<(
1
2 )<
显然f′(x)>0,∴f(x)在R+上是增函数.
∵f(1)=n-1>0(n≥2),f(
1
2 )=
1
2 (1-(
1
2 )n)
1-
1
2 -1=-(
1
2 )n<0,
∴f(x)在(
1
2 ,1)上有唯一实根,即
1
2 <an<1(4分)
假设an+1≥an,∴an+1k≥ank(k∈N*)
则f(an+1)=an+1n+1+an+1n+…+an+1-1≥an+1n+1+ann+ann-1+…+an-1>ann+ann-1+…+an-1=f(an)
∵f(an+1)=f(an)=0,矛盾,故an+1<an(8分)
(Ⅱ)∵1-an=ann+ann-1+…+an2
∴由(Ⅰ)1-an=ann+ann-1+…+an2>(
1
2 )n+(
1
2 )n-1+…+(
1
2 )2=
1
2 -(
1
2 )n,
∴an<(
1
2 )<
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- 1楼网友:废途浑身病态
- 2021-02-20 14:05
证明:(ⅰ)设f(x)=xn+xn-1+xn-2+…+x-1,则f′(x)=nxn-1+(n-1)xn-2+…+2x+1
显然f′(x)>0,∴f(x)在r+上是增函数.
∵f(1)=n-1>0(n≥2),f(
1
2 )=
1
2 (1-(
1
2 )n)
1-
1
2 -1=-(
1
2 )n<0,
∴f(x)在(
1
2 ,1)上有唯一实根,即
1
2 <an<1(4分)
假设an+1≥an,∴an+1k≥ank(k∈n*)
则f(an+1)=an+1n+1+an+1n+…+an+1-1≥an+1n+1+ann+ann-1+…+an-1>ann+ann-1+…+an-1=f(an)
∵f(an+1)=f(an)=0,矛盾,故an+1<an(8分)
(ⅱ)∵1-an=ann+ann-1+…+an2
∴由(ⅰ)1-an=ann+ann-1+…+an2>(
1
2 )n+(
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2 )n-1+…+(
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2 )2=
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2 -(
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∴an<(
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