如图所示，质量为m的滑块在离地面高H=0.45m的光滑弧形轨道上由静止开始下滑求： (1)滑块到达轨道底端B时

的速度大小为多大?(2)如果滑块在水平面上滑行的最大距离是2.25m，则滑块与水平面间的动摩擦因数为多大?(g取10m／s2)

研究从A到B的过程，据机械能守恒定律，mgH=1/2*mv^2，
得滑块到达轨道底端B时的速度大小v=3m/s；
滑块在水平面上滑行的最大距离是s=2.25m，
设滑块与水平面间的动摩擦因数为u，
研究从经过B开始到停止运动的过程，据动能定理，umgs=1/2*mv^2，
得u=0.2。

1.根据能量守恒 mgH=1/2mv² 可求得v 2.同上原理 mgH=fs 可求得f f=μmg 可求得μ

你好，“lee卟懂为核心用户答题”系列。 b的速度由能量守恒可以得到。 mgh=0.5mv^2 解得v=3m/s 物体在bc段的加速度设为a. 则有v^2=2as 解得a=2m/s^2 因此受到的动摩擦力f=ma=2m 因此动摩擦因素=f/mg=0.2 望采纳。      

（1)利用动能定理，1/2mVb^2=mgh 代值：Vb=√2gh=3m/s (2)摩擦力做负功Wf=-μmgs 依旧由动能定理：0-1/2mVb^2=Wf→μ=1.0125(这里的动摩擦因数有点特别，但允许大于一)